2021年北京市朝陽(yáng)區(qū)高考數(shù)學(xué)一模試卷【含答案】

2021年北京市朝陽(yáng)區(qū)高考數(shù)學(xué)一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題共10小題，每小題4分，共40分在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出符合題目要求的一項(xiàng)1（4分）已知集合A1，0，1，2，3，Bx|x10，則AB（）A0，1，2，3B1，2，3C2，3D3【分析】利用集合交集的定義求解即可【解答】解：因?yàn)榧螦1，0，1，2，3，Bx|x10x|x1，所以AB1，2，3故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題考查了集合的運(yùn)算，主要考查了集合交集的求解，解題的關(guān)鍵是掌握交集的定義，屬于基礎(chǔ)題2（4分）如果復(fù)數(shù)的實(shí)部與虛部相等，那么b（）A2B1C2D4【分析】利用復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算化簡(jiǎn)，再由實(shí)部與虛部相等求得b值【解答】解：的實(shí)部與虛部相等，b2故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題考查復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算，考查復(fù)數(shù)的基本概念，是基礎(chǔ)題3（4分）已知等差數(shù)列an的前n項(xiàng)和為Sn，a31，S918，則a1（）A0B1C2D3【分析】先由題設(shè)求得a5，再利用等差數(shù)列的性質(zhì)求得結(jié)果【解答】解：S9189a5，a52，又a31，由等差數(shù)列的性質(zhì)可得：a1+a5a1+22a32，a10，故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查等差數(shù)列的性質(zhì)及基本量的計(jì)算，屬于基礎(chǔ)題4（4分）已知圓x2+y24截直線ykx+2所得弦的長(zhǎng)度為，則實(shí)數(shù)k（）ABCD【分析】求出圓的圓心與半徑，利用弦長(zhǎng)，推出弦心距，利用點(diǎn)到直線的距離公式求解即可【解答】解：圓x2+y24截直線ykx+2所得弦的長(zhǎng)度為，可得弦心距為：1，所以：，解得k故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題考查直線與圓的位置關(guān)系的應(yīng)用，點(diǎn)到直線的距離公式的應(yīng)用，是基礎(chǔ)題5（4分）已知雙曲線的離心率為2，則雙曲線C的漸近線方程為（）ABCDy±2x【分析】根據(jù)題意，由雙曲線的離心率e2可得c2a，由雙曲線的幾何性質(zhì)可得ba，由此求解雙曲線的漸近線方程【解答】解：根據(jù)題意，雙曲線的離心率為2，其焦點(diǎn)在x軸上，其漸近線方程為y±x，又由其離心率e2，則c2a，則ba，即，則其漸近線方程y±x；故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題考查雙曲線的幾何性質(zhì)，注意由雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程分析焦點(diǎn)的位置，確定雙曲線的漸近線方程，是中檔題6（4分）在ABC中，若a2b2+c2+ac0，則B（）ABCD【分析】直接利用余弦定理的應(yīng)用求出結(jié)果【解答】解：若a2b2+c2+ac0，所以，由于B（0，），所以B故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題考查的知識(shí)要點(diǎn)：余弦定理的應(yīng)用，主要考查學(xué)生的運(yùn)算能力和數(shù)學(xué)思維能力，屬于基礎(chǔ)題7（4分）某三棱錐的三視圖如圖所示，已知網(wǎng)格紙上小正方形的邊長(zhǎng)為1，則該三棱錐最長(zhǎng)的棱長(zhǎng)為（）A2BCD【分析】首先把三視圖轉(zhuǎn)換為幾何體的直觀圖，進(jìn)一步求出幾何體的各個(gè)棱長(zhǎng)，從而確定結(jié)果【解答】解：根據(jù)幾何體的三視圖轉(zhuǎn)換為直觀圖為：該幾何體為三棱錐ABCD；如圖所示：所以：ABBC，CDBD1，AD，AC，故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查的知識(shí)要點(diǎn)：三視圖和幾何體的直觀圖之間的轉(zhuǎn)換，三棱錐的棱長(zhǎng)的求法，主要考查學(xué)生的運(yùn)算能力和數(shù)學(xué)思維能力，屬于基礎(chǔ)題8（4分）在ABC中，“tanAtanB1”是“ABC為鈍角三角形”的（）A充分而不必要條件B必要而不充分條件C充分必要條件D既不充分也不必要條件【分析】解法一：對(duì)角分類討論，利用正切和差公式及其三角函數(shù)的單調(diào)性即可判斷出結(jié)論解法二：tanAtanB110cosAcosBcosC0ABC為鈍角三角形，即可判斷出結(jié)論【解答】解：解法一：（1）若C為鈍角，則A，B為銳角，tanCtan（A+B）0，解得tanAtanB1若A或B為鈍角，則tanAtanB1成立（2）若tanAtanB1成立，假設(shè)A或B為鈍角，則ABC為鈍角三角形假設(shè)A，都B為銳角，tanCtan（A+B）0，解得C為鈍角，則ABC為鈍角三角形綜上可得：在ABC中，“tanAtanB1”是“ABC為鈍角三角形”的充要條件解法二：tanAtanB1100cosAcosBcosC0ABC為鈍角三角形在ABC中，“tanAtanB1”是“ABC為鈍角三角形”的充要條件故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查了分類討論、正切和差公式及其三角函數(shù)的單調(diào)性、簡(jiǎn)易邏輯的判定方法，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題9（4分）已知拋物線C：y24x的焦點(diǎn)為F，準(zhǔn)線為l，點(diǎn)P是直線l上的動(dòng)點(diǎn)若點(diǎn)A在拋物線C上，且|AF|5，則|PA|+|PO|（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）的最小值為（）A8BCD6【分析】不妨設(shè)A為第一象限內(nèi)的點(diǎn)，坐標(biāo)為（a，b），由拋物線的定義可得|AF|a+15，解得A點(diǎn)的坐標(biāo)，設(shè)點(diǎn)A關(guān)于直線x1的對(duì)稱點(diǎn)為A（6，4），由對(duì)稱性可得|PA|+|PO|PA|+|PO|AO|，即可得出答案【解答】解：不妨設(shè)A為第一象限內(nèi)的點(diǎn)，坐標(biāo)為（a，b）由拋物線的方程可得焦點(diǎn)F（1，0），則|AF|a+15，解得a4，所以A（4，4），所以點(diǎn)A關(guān)于直線x1的對(duì)稱點(diǎn)為A（6，4），故|PA|+|PO|PA|+|PO|AO|2，當(dāng)且僅當(dāng)A，P，O三點(diǎn)共線時(shí)，等號(hào)成立，即|PA|+|PO|的最小值為2故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題考查圖形的對(duì)稱性，拋物線的定義，解題中注意數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用，屬于中檔題10（4分）在棱長(zhǎng)為1的正方體ABCDA1B1C1D1中，P是線段BC1上的點(diǎn)，過(guò)A1的平面與直線PD垂直當(dāng)P在線段BC1上運(yùn)動(dòng)時(shí)，平面截正方體ABCDA1B1C1D1所得的截面面積的最小值是（）A1BCD【分析】畫出圖形，判斷截面的位置，結(jié)合正方體的特征，轉(zhuǎn)化求解截面面積的最小值即可【解答】解：當(dāng)P在B點(diǎn)時(shí)，BD平面ACC1A1，平面截正方體ABCDA1B1C1D1所得的截面面積：1×是最大值；當(dāng)P與C1重合時(shí)，DC1平面A1D1CB，平面截正方體ABCDA1B1C1D1所得的截面面積：1×是最大值當(dāng)P由B向C1移動(dòng)時(shí)，平面截正方體ABCDA1B1C1D1所得的截面A1EF，E由A向B移動(dòng)，當(dāng)P到BC1的中點(diǎn)時(shí)，取得最小值，如圖此時(shí)E為AB的中點(diǎn)，F(xiàn)為D1C1的中點(diǎn)，（P在底面ABCD上的射影為DH，H是BC的中點(diǎn)，此時(shí)ECDH，可得DPEC，同理可得DPCF，可證明DP平面A1ECF），A1ECE，AC，EF，四邊形A1ECF是菱形，所以平面截正方體ABCDA1B1C1D1所得的截面面積：故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查直線與平面垂直，截面面積的最小值問(wèn)題，考查空間想象能力，轉(zhuǎn)化思想以及計(jì)算能力，是難題二、填空題共5小題，每小題5分，共25分11（5分）在（x+）8的展開式中，x4的系數(shù)為28（用數(shù)字作答）【分析】求出展開式的通項(xiàng)，然后令x的指數(shù)為2，求出r的值，由此即可求解【解答】解：展開式的通項(xiàng)為T，令82r4，解得r2，所以x4的系數(shù)為C，故答案為：28【點(diǎn)評(píng)】本題考查了二項(xiàng)式定理的應(yīng)用，考查了學(xué)生的運(yùn)算能力，屬于基礎(chǔ)題12（5分）已知函數(shù)則f（0）1；f（x）的值域?yàn)?（，2）【分析】根據(jù)分段函數(shù)的表達(dá)式直接代入即可求出f（0），利用指數(shù)函數(shù)和對(duì)數(shù)函數(shù)的性質(zhì)分別進(jìn)行求解即可【解答】解：f（0）201，當(dāng)x1時(shí)，02x2，此時(shí)0f（x）2，當(dāng)x1時(shí)，log2x0，則log2x0，即此時(shí)f（x）0，綜上f（x）2，即函數(shù)f（x）的值域?yàn)椋ǎ?），故答案為：1，（，2）【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查分段函數(shù)的應(yīng)用，利用指數(shù)函數(shù)和對(duì)數(shù)函數(shù)的單調(diào)性的性質(zhì)是解決本題的關(guān)鍵，是基礎(chǔ)題13（5分）已知向量（，1），（x，y）（xy0），且|1，0，則向量的坐標(biāo)可以是 （，）（寫出一個(gè)即可）【分析】利用已知條件畫出圖形，判斷向量的坐標(biāo)的位置，即可寫出結(jié)果【解答】解：向量（，1），（x，y）（xy0），且|1，0，如圖，可知向量的坐標(biāo)可以是黑色圓弧上的任意一點(diǎn)，向量的坐標(biāo)可以是（，）故答案為：（，）【點(diǎn)評(píng)】本題考查向量的數(shù)量積的應(yīng)用，點(diǎn)的坐標(biāo)的求法，是基礎(chǔ)題14（5分）李明自主創(chuàng)業(yè)，經(jīng)營(yíng)一家網(wǎng)店，每售出一件A商品獲利8元現(xiàn)計(jì)劃在“五一”期間對(duì)A商品進(jìn)行廣告促銷，假設(shè)售出A商品的件數(shù)m（單位：萬(wàn)件）與廣告費(fèi)用x（單位：萬(wàn)元）符合函數(shù)模型若要使這次促銷活動(dòng)獲利最多，則廣告費(fèi)用x應(yīng)投入3萬(wàn)元【分析】由題意知，每售出1萬(wàn)件A商品獲利8萬(wàn)元，可得售出m萬(wàn)件A商品的總獲利為24，設(shè)f（x）24（x0），利用導(dǎo)數(shù)求最值得答案【解答】解：由題意知，每售出1萬(wàn)件A商品獲利8萬(wàn)元，售出m萬(wàn)件A商品的總獲利為：8mx8（3）x24，設(shè)f（x）24（x0），則f（x）（x0），令f（x）0，即0（x0），解得0x3，當(dāng)0x3時(shí)，f（x）0，函數(shù)f（x）在0，3）單調(diào)遞增，當(dāng)x3時(shí)，f（x）0，函數(shù)f（x）在（3，+）上單調(diào)遞減，則當(dāng)x3時(shí)，函數(shù)f（x）取得極大值，即最大值，要使這次促銷活動(dòng)獲利最多，則廣告費(fèi)用x應(yīng)投入3萬(wàn)元故答案為3【點(diǎn)評(píng)】本題考查函數(shù)模型的選擇及應(yīng)用，訓(xùn)練了利用導(dǎo)數(shù)求最值，考查運(yùn)算求解能力，是中檔題15（5分）華人數(shù)學(xué)家李天巖和美國(guó)數(shù)學(xué)家約克給出了“混沌”的數(shù)學(xué)定義，由此發(fā)展的混沌理論在生物學(xué)、經(jīng)濟(jì)學(xué)和社會(huì)學(xué)領(lǐng)域都有重要作用在混沌理論中，函數(shù)的周期點(diǎn)是一個(gè)關(guān)鍵概念，定義如下：設(shè)f（x）是定義在R上的函數(shù)，對(duì)于x0R，令xnf（xn1）（n1，2，3，），若存在正整數(shù)k使得xkx0，且當(dāng)0jk時(shí)，xjx0，則稱x0是f（x）的一個(gè)周期為k的周期點(diǎn)給出下列四個(gè)結(jié)論：若f（x）ex1，則f（x）存在唯一一個(gè)周期為1的周期點(diǎn)；若f（x）2（1x），則f（x）存在周期為2的周期點(diǎn)；若f（x）則f（x）不存在周期為3的周期點(diǎn)；若f（x）x（1x），則對(duì)任意正整數(shù)n，都不是f（x）的周期為n的周期點(diǎn)其中所有正確結(jié)論的序號(hào)是【分析】由周期點(diǎn)的定義，可得直線yx與yf（x）存在交點(diǎn)分別對(duì)選項(xiàng)分析，結(jié)合函數(shù)的最值和函數(shù)值的符號(hào)，可得結(jié)論【解答】解：對(duì)于x0R，令xnf（xn1）（n1，2，3，），若存在正整數(shù)k使得xkx0，且當(dāng)0jk時(shí)，xjx0，則稱x0是f（x）的一個(gè)周期為k的周期點(diǎn)對(duì)于f（x）ex1，當(dāng)k1時(shí)，x1f（x0）ex01，因?yàn)橹本€yx與yf（x）只有一個(gè)交點(diǎn)（1，1），故正確；對(duì)于，f（x）2（1x），k2時(shí)，x2f（x1）2（1x1）21f（x0）4x02，由x2x0，可得x0，x1，xn，不滿足當(dāng)0jk時(shí)，xjx0，所以f（x）不存在周期為2的周期點(diǎn)，故不正確；對(duì)于，當(dāng)，滿足題意，故存在周期為3的周期點(diǎn)，故錯(cuò)誤，對(duì)于，f（x）x（1x）（x）2+，所以f（x），即f（x），所以不是周期點(diǎn)，故正確故答案為：【點(diǎn)評(píng)】本題考查函數(shù)的新定義的理解和運(yùn)用，主要是周期點(diǎn)的定義，考查運(yùn)算能力和推理能力，屬于中檔題三、解答題共6小題，共85分解答應(yīng)寫出文字說(shuō)明，演算步驟或證明過(guò)程16（13分）已知函數(shù)由下列四個(gè)條件中的三個(gè)來(lái)確定：最小正周期為；最大值為2；f（0）2（）寫出能確定f（x）的三個(gè)條件，并求f（x）的解析式；（）求f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間【分析】（）若函數(shù)f（x）滿足條件，則由f（0）Asin2，推出與A0，0矛盾，可得函數(shù)f（x）不能滿足條件，由條件，利用周期公式可求2，由條件，可得A2，由條件，可得f（）0，結(jié)合范圍0，可求，可得函數(shù)解析式（）利用正弦函數(shù)的單調(diào)性即可求解【解答】解：（）若函數(shù)f（x）滿足條件，則f（0）Asin2，這與A0，0矛盾，故函數(shù)f（x）不能滿足條件，所以函數(shù)f（x）只能滿足條件，由條件，可得，又因?yàn)?，可得2，由條件，可得A2，f（x）2sin（2x+）由條件，可得f（）2sin（+）0，sin（+）0，+k，kZ，+k，kZ，又因?yàn)?，所以，所以f（x）2sin（2x+）（） 令+2k2x+2k，kZ，+kx+k，f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間為+k，+k，（kZ）【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了由yAsin（x+）的部分圖象確定其解析式，考查了正弦函數(shù)的圖象和性質(zhì)，屬于基礎(chǔ)題17（13分）如圖，在四棱錐PABCD中，O是AD邊的中點(diǎn)，PO底面ABCD，PO1在底面ABCD中，BCAD，CDAD，BCCD1，AD2（）求證：AB平面POC；（）求二面角BAPD的余弦值【分析】（）先證明四邊形ABCO是平行四邊形，即可得到ABOC，由線面平行的判定定理證明即可；（）建立空間直角坐標(biāo)系，然后求出所需點(diǎn)的坐標(biāo)，利用待定系數(shù)法求出平面BAP的法向量，由向量的夾角公式求解即可【解答】（）證明：在四邊形ABCD中，因?yàn)锽CAD，O是AD的中點(diǎn)，則BCAO，BCAO，所以四邊形ABCO是平行四邊形，所以ABOC，又因?yàn)锳B平面POC，CO平面POC，所以AB平面POC；（）連結(jié)OB，因?yàn)镻O平面ABCD，所以POOB，POOD，又因?yàn)辄c(diǎn)O時(shí)AD的中點(diǎn)，且，所以BCOD，因?yàn)锽CAD，CDAD，BCCD，所以四邊形OBCD是正方形，所以BOAD，建立空間直角坐標(biāo)系如圖所示，則A（0，1，0），B（1，0，0），C（1，1，0），D（0，1，0），P（0，0，1），所以，設(shè)平面BAP的法向量為，則，即，令y1，則xz1，故，因?yàn)镺B平面PAD，所以是平面PAD的一個(gè)法向量，所以，由圖可知，二面角BAPD為銳角，所以二面角BAPD的余弦值為【點(diǎn)評(píng)】本題考查了立體幾何的綜合應(yīng)用，涉及了線面平行的判定定理的應(yīng)用，在求解空間角的時(shí)候，一般會(huì)建立合適的空間直角坐標(biāo)系，將空間角問(wèn)題轉(zhuǎn)化為空間向量問(wèn)題進(jìn)行研究，屬于中檔題18（14分）我國(guó)脫貧攻堅(jiān)戰(zhàn)取得全面勝利，現(xiàn)行標(biāo)準(zhǔn)下農(nóng)村貧困人口全部脫貧，消除了絕對(duì)貧困為了解脫貧家庭人均年純收入情況，某扶貧工作組對(duì)A，B兩個(gè)地區(qū)2019年脫貧家庭進(jìn)行簡(jiǎn)單隨機(jī)抽樣，共抽取500戶家庭作為樣本，獲得數(shù)據(jù)如表：A地區(qū)B地區(qū)2019年人均年純收入超過(guò)10000元100戶150戶2019年人均年純收入未超過(guò)10000元200戶50戶假設(shè)所有脫貧家庭的人均年純收入是否超過(guò)10000元相互獨(dú)立（）從A地區(qū)2019年脫貧家庭中隨機(jī)抽取1戶，估計(jì)該家庭2019年人均年純收入超過(guò)10000元的概率；（）在樣本中，分別從A地區(qū)和B地區(qū)2019年脫貧家庭中各隨機(jī)抽取1戶，記X為這2戶家庭中2019年人均年純收入超過(guò)10000元的戶數(shù)，求X的分布列和數(shù)學(xué)期望；（）從樣本中A地區(qū)的300戶脫貧家庭中隨機(jī)抽取4戶，發(fā)現(xiàn)這4戶家庭2020年人均年純收入都超過(guò)10000元根據(jù)這個(gè)結(jié)果，能否認(rèn)為樣本中A地區(qū)2020年人均年純收入超過(guò)10000元的戶數(shù)相比2019年有變化？請(qǐng)說(shuō)明理由【分析】（）利用概率公式求解即可；（）確定X的取值，分別求解其概率，然后列出分布列求出數(shù)學(xué)期望即可；（）先通過(guò)2019年的樣本數(shù)據(jù)可得0.012，然后據(jù)此說(shuō)明理由即可【解答】解：（）設(shè)事件C：從A地區(qū)2019年脫貧家庭中隨機(jī)抽取1戶，該家庭2019年人均純收入超過(guò)10000元，從表格數(shù)據(jù)可知，A地區(qū)抽出的300戶家庭中2019年人均年收入超過(guò)10000元的有100戶，因此P（C）可以估計(jì)為；（）設(shè)事件A：從樣本中A地區(qū)2019年脫貧家庭中隨機(jī)抽取1戶，該家庭2019年人均純收入超過(guò)10000元，設(shè)事件B：從樣本中B地區(qū)2019年脫貧家庭中隨機(jī)抽取1戶，該家庭2019年人均純收入超過(guò)10000元，由題意可知，X的可能取值為0，1，2，所以X的分布列為：X012 P 所以X的數(shù)學(xué)期望為E（X）；（）設(shè)事件E為“從樣本中A地區(qū)的300戶脫貧家庭中隨機(jī)抽取4戶，這4戶家庭2020年人均年純收入都超過(guò)10000元”，假設(shè)樣本中A地區(qū)2020年人均年純收入超過(guò)10000元的戶數(shù)相比2019年沒(méi)有變化，則由2019年的樣本數(shù)據(jù)可得0.012答案示例1：可以認(rèn)為有變化，理由如下：P（E）比較小，概率比較小的事件一般不容易發(fā)生，一旦發(fā)生，就有理由認(rèn)為樣本中A地區(qū)2020年人均年純收入超過(guò)10000元的戶數(shù)相比2019年發(fā)生了變化，所以可以認(rèn)為有變化答案示例2：無(wú)法確定有沒(méi)有變化，理由如下：事件E是隨機(jī)事件，P（E）比較小，一般不容易發(fā)生，但還是有可能發(fā)生的，所以無(wú)法確定有沒(méi)有變化【點(diǎn)評(píng)】本題考查了離散型隨機(jī)變量及其分布列以及離散型隨機(jī)變量的期望，考查了邏輯推理能力與運(yùn)算能力，屬于中檔題19（15分）已知橢圓C的短軸的兩個(gè)端點(diǎn)分別為A（0，1），B（0，1），離心率為（）求橢圓C的方程及焦點(diǎn)的坐標(biāo)；（）若點(diǎn)M為橢圓C上異于A，B的任意一點(diǎn)，過(guò)原點(diǎn)且與直線MA平行的直線與直線y3交于點(diǎn)P，直線MB與直線y3交于點(diǎn)Q，試判斷以線段PQ為直徑的圓是否過(guò)定點(diǎn)？若過(guò)定點(diǎn)，求出定點(diǎn)的坐標(biāo)；若不過(guò)定點(diǎn)，請(qǐng)說(shuō)明理由【分析】（）由題意可得b的值，再由離心率及a，b，c之間的關(guān)系求出a的值，進(jìn)而求出橢圓的方程；（）設(shè)直線MA的方程，由題意可得直線OP的方程，與y3聯(lián)立求出P的坐標(biāo)，將直線AM的方程與橢圓聯(lián)立求出M的坐標(biāo)，進(jìn)而求出直線BM的方程，與y3聯(lián)立求出Q的坐標(biāo)，設(shè)以PQ為直徑的圓的方程過(guò)T點(diǎn)，可得數(shù)量積0，求出T的坐標(biāo)，即圓過(guò)的定點(diǎn)的坐標(biāo)【解答】解（）由題意可得b1，e，c2a2b2，解得a23，所以橢圓的方程為：+y21，且焦點(diǎn)坐標(biāo)（±，0）；（） 設(shè)直線MA的方程為：ykx+1，（k0）則過(guò)原點(diǎn)的直線且與直線MA平行的直線為ykx，因?yàn)镻是直線ykx，y3的交點(diǎn)，所以P（，3），因?yàn)橹本€AM的方程與橢圓方程+y21聯(lián)立：，整理可得：（1+3k2）x2+6kx0，可得xM，yM+1，即M（，），因?yàn)锽（0，1），直線MB的方程為：y1，聯(lián)立，解得：y3，x12k，由題意可得Q（12k，3），設(shè)T（x0，y0），所以（x0，y03），（x0+12k，y03），由題意可得以線段PQ為直徑的圓過(guò)T點(diǎn)，所以0，所以（x0，y03）（x0+12k，y03）0，可得x02+12kx0x036+y026y0+90，要使成立，解得：x00，y03，或x00，y09，所以T的坐標(biāo)（0，3）或（0，9）【點(diǎn)評(píng)】本題考查求橢圓的方程及直線與橢圓的綜合，以線段為直徑的圓的方程恒過(guò)定點(diǎn)可得數(shù)量積為0的性質(zhì)，屬于中檔題20（15分）已知函數(shù)f（x）（ax1）ex（aR）（）求f（x）的單調(diào)區(qū)間；（）若直線yax+a與曲線yf（x）相切，求證：a（1，）【分析】（）求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，通過(guò)討論a的范圍，求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間即可；（）求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，根據(jù)直線和f（x）相切，得到a，結(jié)合y的單調(diào)性證明結(jié)論成立即可【解答】解：（）f（x）（ax+a1）ex，令f（x）0，得ax1a，當(dāng)a0時(shí)，f（x）ex0，yf（x）在R單調(diào)遞減，當(dāng)a0時(shí)，x，f（x），f（x）的變化如下：x（，）（，+）f（x）0+f（x）遞減極小值遞增當(dāng)a0時(shí)，x，f（x），f（x）的變化如下：x（，）（，+）f（x）+0f（x）遞增極大值遞減綜上：當(dāng)a0時(shí)，yf（x）在R單調(diào)遞減，當(dāng)a0時(shí)，yf（x）的單調(diào)遞增區(qū)間是（，），單調(diào)遞減區(qū)間是（，+），當(dāng)a0時(shí)，yf（x）的單調(diào)遞增區(qū)間是（，），單調(diào)遞減區(qū)間是（，+）；（）證明：由題意得f（x）（ax+a1）ex，設(shè)直線yax+a與曲線yf（x）相切于點(diǎn)（x0，y0），則，由得aax0，即a（+x0）0，若a0，則f（x）ex，ax+a0，直線y0與曲線yf（x）不相切，不符合題意，所以a0，所以+x00，令（x）ex+x，則（x）ex+10，故（x）單調(diào)遞增，（）0，（1）e110，故存在唯一x0（1，）使得+x00，將代入得a+ax0x0+a0，故a，易知在（1，）內(nèi)yx+1單調(diào)遞減，且x+10，故y在（1，）內(nèi)單調(diào)遞增，x0（1，），1a，故a（1，）【點(diǎn)評(píng)】本題考查了函數(shù)的單調(diào)性，最值問(wèn)題，考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用以及切線方程問(wèn)題，考查轉(zhuǎn)化思想，分類討論思想，是難題21（15分）設(shè)數(shù)列Am：a1，a2，am（m2），若存在公比為q的等比數(shù)列Bm+1：b1，b2，bm+1，使得bkakbk+1，其中k1，2，m，則稱數(shù)列Bm+1為數(shù)列Am的“等比分割數(shù)列”（）寫出數(shù)列A4：3，6，12，24的一個(gè)“等比分割數(shù)列”B5；（）若數(shù)列A10的通項(xiàng)公式為an2n（n1，2，10），其“等比分割數(shù)列”B11的首項(xiàng)為1，求數(shù)列B11的公比q的取值范圍；（）若數(shù)列Am的通項(xiàng)公式為ann2（n1，2，m），且數(shù)列Am存在“等比分割數(shù)列”，求m的最大值【分析】（）根據(jù)“等比分割數(shù)列”的定義即可求解；（）根據(jù)定義可得qn12nqn（n1，2，3，10），從而求得q2，且qn12n（n1，2，3，10），n1時(shí)顯然成立，當(dāng)n2，3，10時(shí)，將qn12n轉(zhuǎn)化為q，利用指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性即可求得q的取值范圍；（）設(shè)Bm+1是數(shù)列Am的“等比分割數(shù)列”，首項(xiàng)為b1，公比為q，由定義可得b1qn1n2b1qn（n1，2，m），設(shè)m6，解不等式可推出矛盾，可得m5，當(dāng)m5時(shí)，取b10.99，q2.09，滿足定義，從而得解【解答】解：（）根據(jù)定義可得數(shù)列A4：3，6，12，24的一個(gè)“等比分割數(shù)列”B5：2，4，8，16，32（答案不唯一）（）由題意可得，qn12nqn（n1，2，3，10），所以q2，且qn12n（n1，2，3，10），當(dāng)n1時(shí)，12成立；當(dāng)n2，3，10時(shí)，應(yīng)有q成立，因?yàn)閥2x在R上單調(diào)遞增，所以隨著n的增大而減小，故q，綜上，q的取值范圍是（2，）（）設(shè)Bm+1是數(shù)列Am的“等比分割數(shù)列”，首項(xiàng)為b1，公比為q，由題意，應(yīng)有b1qn1n2b1qn（n1，2，m），顯然b10，q0，設(shè)m6，此時(shí)有b11b1q4b1q29b1q316b1q425b1q536b1q6所以，可得q39，所以q2，又b1q39，所以b1q59×2236，與b1q536b1q6矛盾，故m5，又當(dāng)m5時(shí)，取b10.99，q2.09，可得0.9910.99×2.0940.99×2.09290.99×2.093160.99×2.094250.99×2.095，所以m5時(shí)成立，綜上，m的最大值為5【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查新定義，數(shù)列的應(yīng)用，考查轉(zhuǎn)化思想與運(yùn)算求解能力，屬于難題